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Problemas de 2000-2001
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PM12: agosto, 2001 |
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- Se le muestran cinco puntos en el plano y
se le dice que estos puntos son puntos medios de
los lados de cierto pentágono. Encuentre el
pentágono.
- Dados los puntos medios de los lados de cierto polígono
de n lados en el plano, ¿es posible poder determinar
siempre el polígono?
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Solución.
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PM11: julio, 2001 |
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En una edición antigua de "Créalo o nó", de Ripley, se
enuncia que el número
N=526315789473684210
es un número
PERSISTENTE: si N es multiplicado por cualquier entero positivo,
el producto obtenido siempre contiene los diez dígitos
0, 1, 2, , 9 (con repeticiones, por supuesto).
- Pruebe que el enunciado de Ripley es o bien verdadero, o falso.
- ¿Hay números persistentes menores que N?
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Solución.
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PM10: junio, 2001 |
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Encontramos este problema en la revista Crux Mathematicorum 27:3 (abril 2001), páginas 204-205. Se trata del problema 3 de la Novena "Konhauser Problemfest" Anual (en Carleton College; preparado por David Savitt y Russell Mann).
El problema de junio:
a. |
Consideremos primero una sucesión de 10 términos formada con las letras A, B, y C, como por ejemplo
A B C C B A B C B A.
Debajo de dicha sucesión formaremos otra con un término menos, de la siguiente manera: debajo de cada dos letras consecutivas que sean distintas, escribiremos la tercera letra restante, y debajo de cada dos letras iguales escribiremos la misma. Repetiremos este proceso con la segunda sucesión, y luego sucesivamente, hasta obtener una sucesión formada por una sola letra. En el ejemplo dado arriba, ilustramos este procedimiento:
A B C C B A B C B A
C A C A C C A A C
B B B B C B A B
B B B A A C C
B B C A B C
B A B C A
C C A B
C B C
A A
A
Pruebe que las tres letras de las esquinas del triángulo resultante son siempre todas iguales, ó bien todas distintas. |
b. |
¿Para qué números n (distintos a 10) es verdadero el resultado de la parte (a), si comenzamos con cualquier sucesión de n términos ? |
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PM09: mayo, 2001 |
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El problema de este mes aparece en ALGEBRA (1572), http://www-groups.dcs.st-and.ac.uk:80/~history/Bookpages/Bombelli4.gif, cuyo autor, Rafael Bombelli, vivio desde 1526 al 1573. Gracias Rafa.
El problema de mayo:
Encuentre la longitud del lado de un cuadrado DEFG inscripto en un triángulo ABC, con el vértice D en el lado AB, el lado EF contenido en el lado BC, con el vértice G en el lado AC, con longitudes de lados AB=13, BC=14, y CA=15.
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Solución.
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PM08: abril, 2001 |
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Esta propiedades no se cumplen si uno considera, por ejemplo,
el cuadrado con vértices (0, 0), (2, 0), (2, 2), (0, 2): Sus vértices
tienen las coordenadas enteras, pero hay otros puntos con coordenadas enteras
en el interior (como ser (1, 1)), o en el borde (como ser (0, 1)). Por otro
lado,
es fácil encontrar cuadriláteros convexos con vértices con ambas
coordenadas enteras
que no contienen otros puntos con ambas coordenadas enteras en el interior o
en el borde: Estos cuádrilateros deben ser largos y angostos, como por
ejemplo el dado por los vértices (0, 0), (1, 2), (2, 5), (1, 3). (Decimos
que un polígono es convexo si para cada par de puntos en el polígono,
la línea que las une está contenida en el polígono.)
El problema del mes de abril es entonces:
¿Existe un pentágono convexo con vértices de ambas coordenadas enteras
que no contienen
otros puntos de ambas coordenadas enteras en su interior o en su borde?
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PM07: marzo, 2001 |
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El diagrama muestra al círculo unitario con una zona sombreada cuyo
borde consiste en tres arcos circulares de radio 1, con centros
equidistantes en el círculo. (Si uno se imagina al diagrama como si
fuera la cara de un reloj, los centros de los arcos mencionados
estarían ubicados en las horas 12:00, 4:00, y 8:00.) El problema
consiste en disecar la porción no sombreada de la cara del reloj en partes
de manera tal que se puedan rearmar para formar un rectángulo.
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PM06: febrero, 2001 |
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Este mes, el problema es una variación de uno muy conocido: Es fácil recubrir los cuadrados de un tablero de ajedrez común (8 por 8) usando 32 fichas de dominó. Sin embargo, si eliminamos los cuadrados correspondientes a dos esquinas opuestas del tablero, no es posible cubrir el resto del tablero con sólo 31 fichas de dominó. Este es un problema clásico que sirve de precalentamiento al que sigue:
Considere un "tetraminó", que consiste en una ficha de cuatro cuadrados
puestos en forma de "T" como la siguiente:
Es fácil recubrir el tablero común de ajedrez (8 por 8) con estos tetraminós.
El problema del mes entonces es:
¿Es posible recubrir un tablero de 10 por 10 con tetraminós en forma de T como los descriptos arriba? Tiene que demostrar que no se puede hacer, o bien mostrar cómo se hace.
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Solución.
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